#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
/*对于前面t的字符来说，我们要把他们删除到至少与s开头相等，此时若小于直接输出即可，
若相等，考虑第二个字符，
此时有相等，大于，小于的情况，小于直接就有解了，等于先考虑下一个
若大于，发现其实现在删去前面任意一个字符对他造成的影响相同（对任意非开头字符适用） 
所以此时我们可以一直删去对标s的上一个字符的t的字符，直到我们发现不能删了，也就是说再删一个字符
会导致前面的字符反而小了，或当前字符已经相等了之类的，注意只有相等才继续往后，假如是一类情况，
我们继续从当前，往后删就是了，否则直接输出答案，
每次达到一种可行条件后，我们都要判断是否删了前面一个字符后就直接ok了，当然如果不行的话就直接往后就行
最后假如都相等的话，直接删最后一个就行了，正确性在于我们不知道对于一种情况来说，当前全部相等，有没有可能说
删掉了若干个前面的字符后我们可以直接让他小于，感性理解一下，是不可能的。 
时间复杂度O(|s|+|t|) ,用一个指针记录t的匹配位置 
*/
char s[100004],t[100004];
int shan=0;
int main(){
//	freopen("string.in","r",stdin);
//	freopen("string.out","w",stdout); 
	scanf("%s",t+1);
	scanf("%s",s+1);
	int n=strlen(s+1),m=strlen(t+1);
	t[m+1]=' ';
	int now=1;
	while(1){
		if(t[now]<=s[1]) break;
		now++;
		shan++;
	}
	if(t[now]<s[1]){
		cout<<shan;
		return 0;
	}
	for(int i=2;i<=n;i++){
		now++;
		if(t[now]<s[i]){
			cout<<shan;
			return 0;
		}
		if(t[now]==s[i]) continue ;
		int f=1,ck=0;
		if(s[i-1]>=t[now]){
			ck=1;
			while(1){
				if(s[i-1]>t[now]){//删t的前一个字符 
					shan++;
					f=0;
					break; 
				}
				if(s[i-1]==t[now]){
					shan++;
					if(t[now+1]<=s[i]) break;
				}
				if(s[i-1]<t[now+1]) break;
				now++;
			}
			if(f==0||t[now+1]<s[i]){
				cout<<shan;
				return 0;
			}
			if(t[now+1]==s[i]){
				now++;
				continue ;
			}
		}
		if(ck==1) now++;
		while(1){
			if(t[now]<=s[i]) break;
			now++;
			shan++;
		}
		if(t[now]<s[i]||(t[now+1]<s[i+1]&&i!=n)){
			cout<<shan;
			return 0;
		}
		if(t[now]<s[i-1]){
			cout<<shan+1;
			return 0;
		}
	}
	cout<<shan+(m-now+1); 
}
/*hyddakioi
whywillaknoi

whqwillsingatninepm
dajiabujianbusan

ahhhhhhhhhhhhhhflowerletterishuahua
heisanoierinhighschoolaffiliatedtorenminuniversityofchina
*/